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g是谁测得的

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设计一单摆,使测出的g值有明显的系统误差 , 如果他测得的g值偏小,可能的原因是 A.测摆线长时摆线拉得过紧 B.摆线上端未牢固地系于悬点,振动中出现松动,使摆线长度增加了 C.开始计时,秒表过迟按下 D.实验中误将49次全振动数为50次 , 多功能电测表PD800G一H14屏幕显示H2,Ep,EqL分别是什么意思?测出的电量要乘以互感器的倍率吗? , “北京亚运会”发行了一种纪念币,它的质量是16.02g,为了测量它的体积,把它放入一盛满水的量筒中,测得溢出的水的质量为1.8g.求:(1)制作纪念币的金属密度;(2)盛满水的量筒放入纪念币的前后分别用天平去称量,计...

设计一单摆,使测出的g值有明显的系统误差: 在设计单摆系统的时候,如果使得摆线很短,质量很大。摆球用轻质小球。摆动时摆角很大,且做圆锥摆。这样测出的g值就会有明显的系统误差。

如果他测得的g值偏小,可能的原因是 A.测摆线长时摆线拉得过紧 B.摆线上端未牢固地系于悬点,振: B

多功能电测表PD800G一H14屏幕显示H2,Ep,EqL分别是什么意思?测出的电量要乘以互感器的: EqL是什么意思?

“北京亚运会”发行了一种纪念币,它的质量是16.02g,为了测量它的体积,把它放入一盛满水的量筒中,测得:
(1)∵ρ=mV,
∴溢出水的体积:
V溢出=m溢出ρ水=1.8g1g/cm3=1.8cm3,
由题知,纪念币的体积:
V=V溢出=1.8cm3,
纪念币的密度:
ρ纪念币=m纪念币V=16.02g1.8cm3=8.9g/cm3=8.9×103kg/m3,
(2)m溢水=1.8g,
△m=m物-m溢水=16.02g-1.8g=14.22g.
答:(1)制作纪念币的金属密度为8.9×103kg/m3;
(2)示数的变化量为14.22g.

一块大石碑,体积是30m3,为了计算它的质量,取一块碑石的岩石样品,测得其质量为140g,测得体积为50cm3: 石碑样品的密度为:
ρ=mV=140g50cm3=2.8g/cm3=2.8×103kg/m3.
(2)因为石碑的密度与石碑样品的密度相同,所以石碑的质量为:
m'=ρV'=2.8×103kg/m3×30m3=8.4×104kg.
故答案为:8.4×104.

用单摆测定重力加速度的实验中,若测得重力加速度g值偏小,可能的原因是(  )A.测摆线长时摆线拉得过: A、测摆长时将线拉得过紧导致测量值偏长,由公式g=4π2LT2知,g值偏大,故A错误
B、开始计时时,秒表过迟按下,将使所测周期偏小,由上式可知,g值偏大,故B错误
C、实验中将49次全振动误数为50次,由T=tN知,周期偏小,g值偏大,故C错误
D、摆线上端未牢固地系于悬点,摆动中出现松动,使摆线长度增加,但运算时选用开始所测得值,将导致g值偏小,故D正确
故选D

如图所示,若电解5min时,测得铜电极的质量增加2.16g,试回答:(1)电源中X电极是______(填“正”或“: (1)由铜电极的质量增加,发生Ag++e-═Ag,则Cu电极为阴极,可知X为电源的负极,
故答案为:负;
(2)C中阴极反应为Ag++e-═Ag,n(Ag)=2.16g108g/mol=0.02mol,则转移的电子为0.02mol,
B中阳极反应为4OH--4e-═2H2O+O2↑,则转移0.02mol电子生成氧气为0.005mol,其体积为0.005mol×22.4L/mol=0.112L=112mL,
则在阴极也生成112mL气体,由2H++2e-═H2↑,则氢气的物质的量为0.005mol,该反应转移的电子为0.01mol,
则Cu2++2e-═Cu中转移0.01mol电子,所以Cu2+的物质的量为0.005mol,通电前c(CuSO4)=0.005mol0.2L=0.025 mol?L-1;
故答案为:0.025 mol?L-1;
(3)由A中发生2KCl+2H2O 通电 .

在地球表面测得g的值约为9.8 读作:   在地球表面测得g的值约为9.8
  在初中阶段 g=9.8N/kg读作9.8牛顿每千克,物理意义:质量为1千克的物体受到的重力是9.8牛顿
  在高中阶段 g=9.8m/s^2读作9.8米每秒的二次方,物理意义:地球表面的重力加速度为9.8米每秒的二次方

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